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[2020년3월 가형 미적분 30번] [더플러스수학]수능 모의고사 2022. 3. 24. 16:52
#2020년_3월_가형_모의고사_30번 #미적분킬러문항 문제에 대한 여러가지 풀이 입니다.
최고차항의 계수가 44인 삼차함수 f(x)f(x)와 실수 tt에 대하여 함수 g(x)g(x)를
g(x)=∫xtf(s)dsg(x)=∫xtf(s)ds
라 하자. 상수 aa에 대하여 두 함수 f(x)f(x)와 g(x)g(x)가 다음 조건을 만족시킨다.
(가) f′(a)=0f′(a)=0
(나) 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|가 미분가능하지 않은 xx의 개수는 11이다.
실수 tt에 대하여 g(a)g(a)의 값을 h(t)h(t)라 할 때, h(3)=0h(3)=0이고 함수 h(t)h(t)는 t=2t=2에서 최댓값 2727을 가진다. f(5)f(5)의 값을 구하시오. [4점]
https://youtu.be/qyXy-ucm-mw(풀이1)
https://youtu.be/bqNYjfLhEOY(풀이2)
(풀이3) 정답 432
[출제의도] 정적분으로 정의된 함수를 이용하여 문제를 해결한다.
f(x)f(x)가 최고차항의 계수가 44인 삼차함수이므로
g(x)=∫xtf(s)dsg(x)=∫xtf(s)ds는 최고차항의 계수가 11인 사차함수이고 실수 전체의 집합에서 함수 g(x)−g(a)g(x)−g(a)는 미분가능하다.
g(x)≥g(a)g(x)≥g(a)일 때, |g(x)−g(a)|=g(x)−g(a)|g(x)−g(a)|=g(x)−g(a)
g(x)<g(a)g(x)<g(a)일 때, |g(x)−g(a)|=−{g(x)−g(a)}|g(x)−g(a)|=−{g(x)−g(a)}
이므로 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|은 g(x)−g(a)≠0g(x)−g(a)≠0인 모든 xx에서 미분가능하다.
g(x)−g(a)=0g(x)−g(a)=0를 만족시키는 xx의 값을 kk라 하면,
g(k)=g(a)g(k)=g(a)이므로
|g(x)−g(a)|−|g(k)−g(a)|x−k=|g(x)−g(k)|x−k|g(x)−g(a)|−|g(k)−g(a)|x−k=|g(x)−g(k)|x−k
(ⅰ) x=kx=k의 좌우에서 g(x)−g(a)g(x)−g(a)의 부호가 같을 때
limx→k−|g(x)−g(k)|x−k=limx→k+|g(x)−g(k)|x−klimx→k−|g(x)−g(k)|x−k=limx→k+|g(x)−g(k)|x−k
이므로 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|는 x=kx=k에서 미분가능하다.
(ⅱ) x=kx=k의 좌우에서 g(x)−g(a)g(x)−g(a)의 부호가 다르고 f(k)=0f(k)=0일 때
limx→k−|g(x)−g(k)|x−k=limx→k+|g(x)−g(k)|x−klimx→k−|g(x)−g(k)|x−k=limx→k+|g(x)−g(k)|x−k
이므로 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|는 x=kx=k에서 미분가능하다.
(ⅲ) x=kx=k의 좌우에서 g(x)−g(a)g(x)−g(a)의 부호가 다르고 f(k)≠0f(k)≠0일 때,
limx→k−|g(x)−g(a)|x−k≠limx→k+|g(x)−g(a)|x−klimx→k−|g(x)−g(a)|x−k≠limx→k+|g(x)−g(a)|x−k
이므로 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|는 x=kx=k에서 미분가능하지 않다.
(나)에서 함수 |g(x)−g(a)||g(x)−g(a)|가 미분가능하지 않은 xx의 개수가 11이므로
g(x)−g(a)=0g(x)−g(a)=0, g′(x)=f(x)≠0g′(x)=f(x)≠0
인 xx가 단 하나 존재한다는 것을 알 수 있다.
그러므로 사차함수 y=g(x)y=g(x)는 단 하나의 극솟값을 갖고 함수 g(x)g(x)의 그래프와 직선 y=g(a)y=g(a)는 서로 다른 두 점에서 만난다.
g′(x)=0g′(x)=0인 방정식 g(x)−g(a)=0g(x)−g(a)=0의 근을 αα, 함수 g(x)g(x)가 극솟값을 가질 때의 xx의 값을 ββ라 하면 αα, ββ의 대소관계에 따라 다음과 같이 두 경우로 나눌 수 있다.
(ⅰ) α<βα<β인 경우 (단, g(γ)=g(α)g(γ)=g(α), β<γβ<γ)
함수 y=g(x)y=g(x)의 도함수 y=f(x)y=f(x)의 그래프를 그려 보면
g(α)=g(γ)=g(a)g(α)=g(γ)=g(a)이므로 α=aα=a 또는 γ=aγ=a(가)에서 f′(a)=0f′(a)=0이므로 α=aα=a이다.
따라서 f(x)=4(x−a)2(x−β)f(x)=4(x−a)2(x−β)이다.
h(t)=g(a)=∫atf(s)dsh(t)=g(a)=∫atf(s)ds=−∫taf(s)ds=−∫taf(s)ds에서
h′(t)=−f(t)h′(t)=−f(t)함수 h(t)h(t)가 t=2t=2에서 최댓값, 즉 극댓값을 가지므로 h′(2)=−f(2)=0h′(2)=−f(2)=0
따라서 a=2a=2 또는 β=2β=2이다.
a=2a=2이면 h(2)=∫22f(t)dt=0≠27h(2)=∫22f(t)dt=0≠27 이므로 a≠2a≠2β=2β=2이면
h(3)=∫a3f(s)ds=0h(3)=∫a3f(s)ds=0이고,h(2)=∫a2f(s)ds=27h(2)=∫a2f(s)ds=27이므로
h(2)−h(3)=∫32f(s)ds=27h(2)−h(3)=∫32f(s)ds=27이다.
∫32f(s)ds=∫324(s−a)2(s−2)ds=∫324{s3−2(a+1)s2+(a2+4a)s−2a2}ds=[s4−83(a+1)s3+2(a2+4a)s2−8a2s]32=65−1523(a+1)+10(a2+4a)−8a2=2a2−323a+433=27
이므로
3a2−16a−19=0
(a+1)(3a−19)=0a=−1 또는 a=193a<2이므로
a=−1이다.
f(x)=4(x+1)2(x−2)라 하면 함수 f(x)는 주어진 조건을 만족시킨다.
(ⅱ) α>β인 경우 (단, g(γ)=g(α), γ<β)
함수 y=g(x)의 도함수 y=f(x)의 그래프를 그려 보면
(가)에서 f′(a)=0이므로 α=a이다.
따라서 f(x)=4(x−a)2(x−β)이다.α<β인 경우와 마찬가지로 β=2이다.
f(x)=4(x−a)2(x−2)a≠3이면 h(3)=∫a3f(s)ds≠0이므로 a=3
따라서 f(x)=4(x−3)2(x−2)이고
h(2)=∫a2f(s)ds=∫324(s−3)2(s−2)ds=13h(2)≠27이므로
주어진 조건을 만족시키는 함수 f(x)가 존재하지 않는다.
따라서 f(x)=4(x+1)2(x−2)이다.
f(5)=4×36×3=432
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